一、选择题（每小题3分）每小题给出的四个选项中，只有一项最符合题意． 1．化石能源是当今我国的主要消耗能源，下列说法正确的是（ ） A． 核电站发生核泄漏会造成危害 B． 使用化石能源不会对环境造成破坏 C． 我国消耗的能源以可再生能源为主 D． 化石能源可短期内从自然界得到补充 考点： 核电站发电过程中的能量转化；能源的分类；能源的利用和对环境的危害． 专题： 能源的利用与发展． 分析： 目前人类利用最多的能源，依然是化石能源（煤、石油、天然气），而化石能源在地球上的总量是有限的，我们在利用时必须倡导节约，而且注意对环境的保护． 解答： 解： A、核泄漏是指大量放射性的物质外泄，会对环境造成严重的破坏，危及动植物的生命，因此核电站的安全应得到高度重视，所以A正确； B、化石能源在消耗中会放出大量的有害气体，能源的负面影响主要是造成了环境的污染以及生态的破坏，都应引起重视，所以B错误； C、我国消耗的能源以化石能源等不可再生能源（煤、石油、天然气）为主，所以C错误； D、化石能源是不可再生能源不可短期内从自然界得到补充，所以D错误． 故选A． 点评： 如何合理开发和合理利用能源，并在发展的同时保护好地球的环境，是整个人类面临的重大课题，我们也应该充分认识到这一点． 2．如图电路中R1＞R2，电压表V的示数为6V，电压表V1的示数（ ）
A．等于6V B． 大于3V C． 等于3V D． 小于3V 考点： 串联电路的电压规律． 专题： 电路和欧姆定律． 分析： 已知R1＞R2，判断电压表所测谁的电压，再根据串联电路两端的电压等于各部分电压之和可作出选选择． 解答： 解：已知R1＞R2，电压表V的示数为6V，即电源电压为6V，电压表V1测R1两端的电压， 根据串联电路两端的电压等于各部分电压之和可知，电压表V1的示数大于3V， 故选B． 点评： 此题考查串联电路的电压规律，比较简单，属于基础知识． 3．（3分）（2014•广州）如图是电磁波及其应用实例，下列说法正确的是（ ）
A．紫外线是紫色的 电视机遥控器用γ射线遥控 B． 体检胸透用的电磁波频率比无线电波低 C． D．可见光与无线电波在真空中的传播速度相同 考点： 波速、波长和频率的关系． 专题： 信息的传递． 分析： （1）紫外线是紫光以外的光线，肉眼不能看见； （2）电视机的遥控器利用了红外线遥控； （3）体检胸透用的电磁波频率比无线电波高； （4）电磁波在真空中的传播速度相同． 解答： 解：A、紫外线是紫光以外的光线，肉眼不能看见，故A错误； B、电视机的遥控器利用了红外线遥控，故B错误； C、体检胸透用的电磁波频率比无线电波高，故C错误； D、电磁波在真空中的传播速度相同，故D正确． 故选：D． 点评： 本题考查了电磁波多个方面的知识，考查的知识点较多，都是一些记忆型的，难度不大，在平时学习中注意多积累． 4．（3分）（2014•广州）如图中的a表示垂直于纸面的一根导线，它是闭合电路的一部分，它在磁场中按箭头方向运动时，下列哪种情况不会产生感应电流（ ） A．B． C． D． 考点： 产生感应电流的条件． 专题： 电动机、磁生电． 分析： 能否产生感应电流，就要看图示的情景能否满足①闭合电路；②导体切割磁感线运动这两个条件． 解答： 解：磁极间的磁感线是从N极指向S极，由图可知，A、B、C中的导体运动时都会切割磁感线，所以会产生感应电流； 只有D没有切割磁感线，所以不会产生感应电流； 故选D． 点评： 本题主要考查学生对电磁感应现象，以及感应电流产生的条件的了解和掌握，是一道基础题． 5．（3分）（2014•广州）甲声音波形如图所示，把音调比甲高的乙声音输入同一设置的示波器，乙声音的波形是下列图中的哪一幅（ ）
A．B． C． D． 考点： 声音的综合利用． 专题： 声现象． 分析： 音调跟物体的振动频率有关，振动频率越大，音调越高． 解答： 解：从图中可以看出，A和D振动的频率都比甲声波小，C振动的频率与甲相等，只有B振动的频率比甲大，所以B的音调比甲高． 故选B． 点评： 通过比较声音的波形图来考查频率对音调的影响，解题的关键是能够从波形图上看懂频率． 6．（3分）（2014•广州）如图，小明把蜡烛A放在玻璃板前某位置时，另一支外形相同的蜡烛B恰好与蜡烛A所成的像完全重合．仅根据这步实验，小明就提出：“若将蜡烛A移到其他位置，玻璃板所成的像始终是与物等大的”．他这一提法属于（ ）
A．猜想 B． 评估 C． 设计实验 D． 实验结论 考点： 物理学方法． 专题： 探究型实验综合题． 分析： 科学探究的主要环节：提出问题、猜想与假设、制定计划与设计实验、进行实验与收集证据、分析与论证、评估、交流与合作． 解答： 解： 小明把蜡烛A放在玻璃板前某位置时，另一支外形相同的蜡烛B恰好与蜡烛A所成的像完全重合．仅根据这步实验，小明就提出：“若将蜡烛A移到其他位置，玻璃板所成的像始终是与物等大的”．他这一提法属于猜想与假设． 故选A． 点评： 科学探究是一种重要的实验方法，会利用科学探究法探究物质的知识． 7．（3分）（2014•广州）如图，用大小相等的拉力F，分别沿斜面和水平面拉木箱，拉力方向和运动方向始终一致，运动时间tab＞tcd，运动距离sab=scd，比较两种情况下拉力所做的功和功率（ ）
A．ab段做功较多 ab段功率较大 C． B． ab段与cd段的功一样多 D． ab段与cd段的功率一样大 考点： 功的大小比较；功率大小的比较． 专题： 推理法；功、功率、机械效率． 分析： 根据功的计算公式W=FS可知：比较功的大小要比较拉力F和移动距离s的大小， 知道功和时间的关系，根据P=即可比较． 解答： 解：∵F1=F2，sab=scd， ∴由W=Fs可知：拉力所做的功相同，故A错误，B正确； 由于tab＞tcd，由P=得： Pab＜Pcd．故CD错误； 故选B． 点评： 本题考查功和功率的比较，要紧扣功和功率的公式即可． 8．（3分）（2014•广州）如图，两个相同规格的电加热器加热质量、初温都相同的不同液体．若液体吸收的热量等于电加热器放出的热量，加热时间相同且液体均未沸腾，则（ ）
A．两杯液体吸收的热量相等 B． 温度较高的液体比热容较大 温度较低的液体吸收的热量较多 C．D． 温度较高的液体吸收的热量较多 考点： 物体内能的改变． 专题： 热和能． 分析： 根据焦耳定律，相同规格的电热器相同时间内放出的热量相等，可判断选项ACD； 液体吸收的热量相等，根据Q吸=cm△t可判断选项B． 解答： 解：相同规格的电热器相同时间内放出的热量相等，液体未沸腾，液体吸收的热量相等，与液体变化的温度没有关系，故选项A正确，选项CD错误； 根据Q吸=cm△t可知，在质量、吸收热量相同的条件下，变化的温度△t越大，比热容越小，故B错误； 故选：A． 点评： 灵活运用控制变量法分析问题是解题的关键． 9．（3分）（2014•广州）冰壶运动员的鞋底一只是塑料的，另一只是橡胶的．他滑行时，橡胶底的鞋比塑料底的鞋受到的摩擦力大．如图他用b脚蹬冰面后，只用a脚向右滑行，可以确定的是（ ）
A．滑行时冰对a鞋的摩擦力向右 B． 蹬冰时冰对b鞋的摩擦力向左 a鞋底是橡胶会滑得更远 C．D． a鞋底是塑料会滑更远 考点： 增大或减小摩擦的方法． 专题： 重力、弹力、摩擦力． 分析： 阻碍物体相对运动的力叫摩擦力；摩擦力的方向与物体相对运动方向相反；物体运动时，所受摩擦力越小，物体运动的越远． 解答： 解：A、滑行时冰对a鞋的摩擦力向左，故A错误； B、蹬冰时冰对b鞋的摩擦力向右，故B错误； C、a鞋底是橡胶则由于接触面粗糙程度大，所受摩擦力大，所以会滑得更近，故C错误； D、同上，则会滑行的更远，故D正确． 故选：D． 点评： 此题考查摩擦力的定义，方向以及影响因素，熟知知识是解题关键． 10．（3分）（2014•广州）云中冰粒下落，温度升高变成雨滴．下列说法正确的是（ ） A．冰粒液化为雨滴 雨滴内分子间不存在分子引力 B． 雨滴的内能大于同质量冰粒的内能 C． D．雨滴内能转化为动能，所以下落越来越快 考点： 能量的相互转化；分子间的作用力． 专题： 其他综合题． 分析： （1）冰粒下落过程中发生熔化； （2）物质分子间存在相互作用的引力和斥力； （3）物质温度升高，反映内能增大； （4）雨滴下落过程中，重力势能转化为动能，所以速度越来越快． 解答： 解：A、下落中冰粒熔化为雨滴，故A错误； B、雨滴内分子间存在分子引力，故B错误； C、由于温度升高，则雨滴的内能大于同质量冰粒的内能，故C正确； D、雨滴下落过程中，重力势能转化为动能，所以速度越来越快，故D错误． 故选：C． 点评： 此题考查了物态变化中的熔化、物质分子间存在相互作用的引力和斥力、内能和机械能的转化，熟知知识是解题关键． 11．（3分）（2014•广州）如图水平雪地上，穿着雪橇的芳芳总质量为70kg，没有陷入雪地；而穿着运动鞋的小明总质量为50kg，却深陷雪地．下列说法正确的是（ ）
A．芳芳对雪地的压力比小明的小 芳芳对雪地的压力和小明的一样 B． 芳芳对雪地单位面积的压力比小明的小 C． D．受力面积和压力都不等，无法比较谁对雪地的压强大 考点： 压强大小比较． 专题： 应用题；错解分析题；压强、液体的压强． 分析： （1）水平雪地上，压力等于重力，比较重力大小即可判断压力关系； （2）压力的作用效果跟压力大小和受力面积大小有关．在压力一定时，受力面积越大，压力作用效果越不明显；在受力面积一定时，压力越小，压力作用效果越不明显． 解答： 解：（1）由于m芳芳总=70kg，m小明总=50kg，根据G=mg可知：G芳芳总＞G小明总， ∵在水平雪地上，压力等于重力，∴F芳芳总＞F小明总；故AB错误； （2）如图，芳芳没有陷入雪地，说明芳芳对雪地的压力的作用效果不明显，则芳芳对雪地单位面积的压力比小明的小，故C正确，D错误． 故选C． 点评： 掌握压力作用效果的影响因素，利用控制变量法和转换法探究影响压力作用效果的因素． 12．（3分）（2014•广州）人直接用F1的力匀速提升重物，所做的功是W1，若人使用某机械匀速提升该重物到同一高度则人的拉力为F2，所做的功是W2（ ） A．B． F1一定小于F2 F1一定大于F2 W2一定大于W1 C．D． 只有F2大于F1，W2才大于W1 考点： 功的大小比较． 专题： 应用题；机械与功． 分析： （1）直接用F1的力匀速提升重物，F1=G，使用某机械匀速提升该重物，由于机械可能是省力，有可能费力，所以F1与G的大小关系不能判断，所以无法比较F1与F2的大小； （2）功等于力与物体在力的方向上移动的距离；计算的一个功W1为物体重力G乘以物体升高的高度h， 使用因为有摩擦、滑轮重等原因，某机械另一个功W2为有用功与额外功的和；W2的数值一般大于W1的数值． 解答： 解：（1）直接用F1的力匀速提升重物，F1=G， 使用某机械匀速提升该重物，由于机械可能是省力，有可能费力，也可能既不省力也不费力，所以F1与G的大小关系不能判断，则无法比较F1与F2的大小；故AB错误； （2）直接用F1的力匀速提升重物，所做的功是W1=W有用=Gh； 若人使用某机械匀速提升该重物到同一高度，W有用=Gh；但由于要克服机械重力和摩擦力做额外功， 所以W2=W有用+W额外，则W2＞W1；故C正确，D错误． 故选C． 点评： 本题考查机械的使用情况的判断，知道机械可能是省力，有可能费力，也可能既不省力也不费力； 同时知道使用任何机械都不省功是指使用任何机械时对机械所做的功W2不会少于机械对物体所做的功W1，若忽略机械自重和摩擦，则有W2=W1，否则W2一定大于W1． 二、填空作图题（共25分） 13．（2分）（2014•广州）如图，一束光射入水中，在水底形成光斑 （1）画出水面的反射光线； （2）画出水中的折射线．
考点： 作光的反射光路图；作光的折射光路图． 专题： 图像综合题． 分析： 利用光的反射和光的折射规律作出光路图． 解答： 解：根据光的反射中，反射角等于入射角；从空气斜射入水中时，发生折射，折射角小于入射角，完成光路如图所示： 点评： 利用光的反射和折射规律作图是对学生画图能力的考查． 14．（3分）（2014•广州）滚摆从图中的位置1静止释放，下降经过位置2，继续下降，再上升到达最高点3，这三个位置：滚摆重力势能最大的是 位置1 、动能为零的是 位置1 、机械能最大的是 位置1 ．（填写位置序号）
考点： 动能和势能的转化与守恒． 专题： 机械能及其转化． 分析： 解决此题的关键是要知道物体由于运动而具有的能叫动能，质量越大，速度越大，动能就越大；物体由于被举高而具有的能叫重力势能，质量越大，高度越高，重力势能就越大． 解答： 解：滚摆是重力势能和动能相互转化的机械，故滚摆升到最高点后，放开手，可以看到滚摆旋转着下降，越转越快，到最低点时滚摆转而上升，直到回到接近原来的位置；滚摆在最高点位置时重力势能最大，动能为0，在最低点时动能最大；开始释放的位置最高，所以图示三个位置中位置1 的重力势能最大，动能为零，机械能最大． 故答案为：位置1； 位置1； 位置1． 点评： 解决此类问题的关键是要知道各能量跟哪些因素有关，根据各因素的变化情况分析能量的变化情况． 15．（6分）（2014•广州）如图1，天宫一号绕地球运动一圈约1.5小时，宇航员在天宫一号做实
验．
（1）如图1，用软绳将小球系在铁架台上，小球不动，下列说法唯一正确的是 d ． a．小球质量比在地面时小
b．以地球为参照物，小球是静止的
c．绳对小球没有力的作用，小球不受任何力作用
d．小球绕地球运动的方向不断改变，所以小球一定受到力的作用
（2）如图2，王亚平仅轻轻碰了一下悬空的聂海胜，聂海胜由于 惯性 会在舱内继续前进． （3）如图3，通过水球看到王亚平的像是 实像 （选填“实像”、“虚像”），水球相当于 凸透镜 （选填“平面镜”、“凸透镜”、“凹透镜”），王亚平与她的像是在水球的 异侧 （选填“同侧”、“异侧”）． （4）如图4中无色水球注入红色的液体，一会儿整个水球都红了，出现这种现象的原因是 分子不停地做无规则运动 ． 考点： 物体运动状态变化的原因；分子的热运动；惯性；凸透镜成像的应用． 专题： 其他综合题． 分析： （1）力是改变物体运动状态的原因； （2）惯性是物体保持原来运动状态不变的性质； （3）凸透镜能成实像，成实像时，像和物在凸透镜的异侧； （4）扩散现象说明分子不停地做无规则运动． 解答： 解：（1）由于天宫一号绕地球运动，则小球绕地球运动的方向不断改变，所以小球一定受到力的作用； （2）王亚平仅轻轻碰了一下悬空的聂海胜，聂海胜由于惯性将会保持运动状态，所以会在舱内继续前进； （3）水球相当于一个凸透镜，我们通过水球看到了王亚平的实像，她的像和王亚平本人在水球的异侧； （4）无色水球注入红色的液体，一会儿整个水球都红了，这是发生了扩散现象，此现象说明分子不停地做无规则运动． 故答案为：（1）D；（2）惯性； （3）实像； 凸透镜； 异侧；（4）分子不停地做无规则运动． 点评： 此题考查学生关于力的作用效果、惯性、凸透镜成像和扩散现象的理解和掌握． 16．（2分）（2014•广州）如图的线圈abcd位于磁场中
（1）通电后，cd段导线的电流方向 由c到d （选填“由c到d”、“由d到c”）． （2）cd段导线受磁场力的方向如图所示，在图中画出ab段导线受磁场力的方向．
考点： 磁场对通电导线的作用． 专题： 电动机、磁生电． 分析： （1）根据图示信息，电流从电源的正极出发回到负极，判断线圈中的电流方向； （2）通电导体在磁场中受力方向与磁感线方向和电流方向有关； 解答： 解：（1）根据图示信息，电流从电源的正极出发回到负极，判断线圈中cd段导线的电流方向由c到d； （2）根据cd段导线受磁场力的方向如图所示，ab段的电路方向和cd电流方向相反，磁感线方向不变，则可以判断ab段导线受磁场力的方向与cd段相反，所以受力如下图所示： 故答案为：（1）由c到d； （2） 点评： 此题考查学生关于通电导体在磁场中受力方向与电流方向和磁感线方向有关的理解和掌握． 17．（3分）（2014•广州）如图所示的装置，抽气前气球内气体压强 等于 大气压：抽气时内的气球在膨胀，说明气球内气体压强 大于 玻璃瓶内气体压强，从而推测此时瓶内的气体压强 小于 大气压（选填“大于”、“等于”、“小于”）．
考点： 气体压强跟体积的关系． 专题： 气体的压强、流体压强与流速的关系． 分析： 抽气前气球内外都与大气相通，此时气球内的气体压强与大气压相等；抽气时，气球膨胀说明内部气压大于气球外部气压进一步说明瓶内的气压减小． 解答： 解：抽气前气球内外都与大气相通，此时气球内的气体压强与大气压相等；抽气时，气球膨胀说明内部气压大于气球外部气压进一步说明瓶内的气压减小． 故答案为：等于； 大于； 小于． 点评： 本题考查了气体压强与气体体积之间的关系． 18．（5分）（2014•广州）如图是手臂的简化图，手托住重物时，肌肉对前臂的拉力沿图中ab线． （1）在图中画出重物对手的压力； （2）画出肌肉对前臂的拉力方向； （3）画出拉力的力臂； （4）根据公式 F1l1=F2l2 判断肌肉对前臂的拉力 大于 重物对手的拉力（选填“大于”、“等于”、“小于”）．
考点： 力的示意图；力臂的画法；杠杆的动态平衡分析． 专题： 简单机械． 分析： （1）垂直压在物体表面上的力叫压力，压力的作用点在两个物体的接触面上； （2）沿拉力的方向作出拉力的示意图； （3）已知支点位置，从支点向拉力的作用线引垂线段，就是拉力的力臂； （4）杠杆的平衡条件是F1l1=F2l2． 解答： 解： （1）重物对手的压力竖直向下，作用点在手掌上，示意图如下； （2）肌肉对前臂的拉力沿ab方向向上，示意图如下； （3）从支点O向ab引垂线段，即为拉力的力臂，如图所示； （4）由图知，相对于O点，重物的力臂远远大于拉力的力臂，由公式F1l1=F2l2知，前臂是一个费力杠杆，肌肉对前臂的拉力大于重物对手的压力． 故答案为： （1）（2）（3） （4）F1l1=F2l2；大于． 点评： 此题考查的是力的示意图的作法和杠杆力臂作法及平衡条件的应用，是基本技能和规律的考查，明确压力、力臂的概念，掌握杠杆的平衡条件，是解答的关键． 19．（4分）（2014•广州）如图是冰箱制冷剂循环路线示意图，制冷剂在冷冻室的管子里发生的物态变化名称是 汽化 ，此过程 吸热 （选填“吸热”、“放热”、“不吸放热”）．
考点： 汽化及汽化吸热的特点． 专题： 汽化和液化、升华和凝华． 分析： 物质由液态变成气态的过程叫做汽化，汽化吸热；物质由气态变成液态的过程叫液化，液化放热． 解答： 解：冰箱内的液态制冷在冷冻室的管子里由液态变成气态，发生汽化现象，汽化吸热，使冰箱内的温度降低． 故答案为：汽化；吸热． 点评： 本题考查了冰箱的工作过程，电冰箱实际上就是通过制冷剂汽化吸热和液化放热把冰箱内的热量搬到冰箱外面的，贴近学生生活实际，密切联系了生活． 三、解析题（共20分）解析题应写出必要的文字说明、公式和重要的演算步骤．只写出最后答案的不能得分．有数值计算的题，演算过程及结果都要在数字的后面写上正确的单位．
6
20．（10分）（2014•广州）悬浮在海水中的潜艇排开海水的质量为3×10kg（g取10N/kg，海水的密度
33
取1×10kg/m）．
（1）在如图上面画出潜艇的受力示意图（以点代替潜艇）． （2）潜艇排开海水的体积是多少？ （3）潜艇所受浮力多大？ （4）潜艇所受重力多大？
考点： 阿基米德原理． 专题： 浮力． 分析： （1）悬浮时重力等于浮力，画图表示； （2）利用密度的变形公式求解排开海水的体积； （3）根据阿基米德原理，潜水艇在水中的浮力等于排开液体所受的重力； （4）根据悬浮条件知道G=F浮． 解答： 解：（1）悬浮时受到的重力等于浮力，如图： （2）根据ρ=得：V===3×10m； 6733（3）根据基米德原理：F浮=G排=m排g=3×10kg×10N/kg=3×10N； 7（4）悬浮时浮力等于重力：F浮=G=3×10N； 故答案为：（1）如上图； 33（2）潜艇排开海水的体积是3×10m； 7（3）潜艇所受浮力为3×10N； 7（4）潜艇所受重力为3×10N． 点评： 本题考查了浮沉条件、阿基米德原理以及密度公式的应用，考查的知识点较多，但难度不大． 21．（10分）（2014•广州）如图甲是家用插线板
（1）在乙图画出插线板内部开关和两插座的连线，并接入家庭电路，要求：①插线板上的开关可同时控制两插座的通、断②开关接通时两插座都能提供220V电压． （2）把“220V 1100W”的电暖气插入插座，在额定电压下工作： ①流过电暖气的电流多大？ ②电暖气的电阻多大？
③电暖气多少小时消耗2.2kW•h的电能？
④电暖气通过导线连到电路，为什么电暖气工作时放出大量热，而与其连接的导线却几乎不发热？ （3）该插线板允许通过最大电流为10A，通过计算分析，插线板能否让“220V 750W”电吹风与上述电暖气同时工作？ 考点： 家庭电路的连接；电功与热量的综合计算． 专题： 电与热、生活用电． 分析： （1）对于电灯接线操作的基本要求是：“火线零线并排走，零线直接进灯头，火线接在开关上，通过开关进灯头．”而对于插座的接线方法是要求“左零右火”，三孔插座还要求中接地，如果电路中有熔丝，则要将熔丝接到火线上； （2）利用I=、R=、t=分别求出额定电压下的电流、电阻和消耗电能的时间；利用焦耳定律解释导线不热的原因； （3）通过对比电流分析说明用电器的工作状态． 解答： 解：（1）根据家庭电路的连线规则和用电器的使用原则，连接电路如下图： （2）①因为P=UI 则I==②电暖气的电阻为R===5A； =44Ω； =2h； ③消耗2.2kW•h电能的时间为t==④虽然导线和电暖器串联，电流相等，但是电暖器的电阻远远大于导线电阻，相同时间内，由2焦耳定律Q=IRt可知，电暖器工作时放出的大量的热，而与其连接的导线却几乎不发热． （3）电吹风正常工作时的电流为I==≈3.4A 电吹风和电暖器是并联电路，因此总电流为：I总=5A+3.4A=8.4A＜10A 因此，可以让电吹风和电暖器同时工作． 答： （1）如图所示； （2）①流过电暖气的电流为5A； ②电暖气的电阻44Ω； ③电暖气2小时消耗2.2kW•h的电能； ④虽然导线和电暖器串联，电流相等，但是电暖器的电阻远远大于导线电阻，相同时间内，由焦耳定律可知，电暖器工作时放出的大量的热，而与其连接的导线却几乎不发热． （3）可以让电吹风和电暖器同时工作． 点评： 本题考查了家庭电路中插排的连接和用电器各项数据的求解，掌握运算公式是解题关键． 四、实验探究题（共19分） 22．（5分）（2014•广州）（1）如图1中：天平测出物体的质量是 106 g；量筒中液体的体积是 34 mL；弹簧测力计的示数是 1.4 N；温度计的示数是 7 ℃．（2）木块从如图2斜面所示位置静止释放，直到撞上金属片，测此过程木块的平均速度． ①在图中画出需要测量的距离．
②用粗糙程度相同、质量不同的木块做实验所得数据如下表，根据公式 v= 算出第一次实验木块的平均速度 1.25m/s ．
请归纳本实验木块的平均速度与质量是否有关？ 实验次数 木块质量/g 运动距离/m 运动时间/s 1 100 1.000 0.8 2 150 1.000 0.8 3 200 1.000 0.8 4 250 1.000 0.8 考点： 天平的使用；温度计的使用及其读数；量筒的使用；速度的计算；弹簧测力计的使用与读数． 专题： 基本仪器的使用专题． 分析： （1）被测物体的质量等于盘内砝码质量与游码所对应刻度值之和； 用量筒读数时，注意它的分度值，视线要与量筒内液体凹面相平． 弹簧测力计和温度计的读数是不需要估读的，我们只要认清分度值，然后直接读数就行． （2）①需要测量的距离是从斜面的顶端到底端的距离． ②根据速度公式v=可求得第一次实验木块的平均速度． 对比4此实验数据可得出结论． 解答： 解：（1）从图中可见：盘内砝码质量为100g+5gg=105g．游码左端与1对准，则该物体质量为105g+1g=106g． 量筒读数时视线与液面最低处平视读数：读数为34ml． 弹簧测力计的示数：指针在1.4N处，温度计的示数为7℃． （2）①需要测量的距离为斜面的顶端到底端的距s，如下图所示． ②根据速度公式v=可得，第一次实验木块的平均速度v==油次试验实验数据可得，实验木块的平均速度与质量是无关． 故答案为：（1）106；34；1.4；7； （2）①见下图： =1.25m/s； ②v=；1.25m/s；无关． 点评： 此题是测量小车平均速度的实验，掌握实验原理及测量的方法，此题还考查学生处理表格信息的能力． 23．（4分）（2014•广州）有两个容积相同的保温杯，设计实验比较哪个杯的保温效果好． （1）需要的实验器材： 温度计、手表 ．
（2）写出实验步骤和判断哪个杯保温效果好的根据． 考点： 控制变量法与探究性实验方案． 专题： 探究型实验综合题． 分析： 运用控制变量法设计实验探究，向相同容积的保温杯内加满（质量相等）初温度（温度要高一些）相同的水，经过相同的时间，比较末温度的高低，比较保温杯散失热量越少，判断保温效果的好坏． 解答： 解：（1）实验中用温度计测量保温杯内水的初温度和末温度，用秒表（或钟表）记录时间． （2）实验步骤： ①先对两个保温杯进行编号 ②同时向两个保温杯中加满初温相同的水，并记录初温T1； ③用手表计时，1h后，分别测量两个保温杯的末温为T2和T3 ④比较保温杯中水温度的高低，判断哪个保温效果更好． 根据：向相同容积的保温杯内加满水，水的质量相同，由可知，比热容、质量相同，经过相同的时间，末温越高的保温杯散失热量越少，因此末温越高的保温杯保温效果越好． 故答案为：（1）温度计、秒表（或钟表）； （2）实验步骤同上． 点评： 控制变量法为物理探究实验的常用方法，要理解并能熟练运用控制变量的使用方法，还要能够运用控制变量法对数据分析运算． 24．（10分）（2014•广州）如图1是“探究电压一定时电流与电阻关系”的电路
图．
（1）按电路图2在图中连接实物图（电压表选用0～3V量程）． （2）正确连接电路后，实验步骤如下
①闭合开关，记录定值电阻的阻值及电流表示数； ②断开开关，换阻值不同的定值电阻；
③闭合开关，记录定值电阻的阻值及电流表示数；
重复②、③步骤．按上述步骤操作，观察到更换阻值不同的定值电阻，电压表示数分别如图3、4、5所示；图5电压表的示数为 2.5V ．根据各电压表显示的正确示数，指出实验的失误之处 每次更换电阻后，未控制电阻两端电压相同 ． 考点： 探究电流与电压、电阻的关系实验． 专题： 探究型实验综合题． 分析： （1）根据实验要求，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表并联在定值电阻两端，电流表选择小的量程，连接电路； （2）看清量程，分清分度值，确定示数；观察三次电压表示数，比较确定实验的失误之处． 解答： 解：（1）根据实验要求，滑动变阻器与定值电阻串联，电压表并联在定值电阻两端，电流表选择小的量程，连接电路； 连接电路如所示： （2）图5电压表使用的量程为03V，分度值为0.1V，此时读数为2.5V，对比前两次电压表示数可知，每次更换电阻后，未控制电阻两端电压相同． 故答案为：（1）如图所示；（2）2.5V；每次更换电阻后，未控制电阻两端电压相同． 点评： 该实验需要注意的点是一定每次要保持电阻两端的电压相同．
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